《安徽省合肥市第六中学2022-2023学年高一下学期期末模拟物理试题》参考答案题号12345678910答案ACBCCADDCDBC题号1112答案CDAD1．A【详解】A．曲线运动的速度方向一定变化，则曲线运动一定是变速运动，故项A正确；B．曲线运动的速度不断变化，则加速度一定不为零，例如平抛运动，故项B错误；C．曲线运动的速度大小不一定发生变化，例如匀速圆周运动，故C错误；D．在恒力作用下，物体也能做曲线运动，例如平抛运动，故D错误。故选A。2．C【详解】AB．某物体做匀速运动时，速度不变，所受合外力为零，它的机械能不一定守恒，如物体匀速上升，动能不变，重力势能增加，故AB错误；C．某物体所受的合外力做正功时，它的机械能可能守恒，例如自由落体运动，故C正确；D．某物体所受的合外力做负功时，它的机械能可能守恒，如物体做上抛运动过程中的上升阶段，故D错误。故选C。3．B【详解】A、C是同轴转动，有，vr，vrACAAACCC又因＝2rCrA故vA2vCB、A是同缘传动，有vAvB又因vA2vC答案第1页，共13页所以vB2vCACD错误，B正确。故选B。4．C【详解】AC．根据v0gt得运动的时间vt0g水平分位移v2xvt00g竖直分位移1v2ygt2022g可知水平分位移和竖直分位移不相等，故A错误，C正确；B．瞬时速度的大小22＝vv0vy2v0故B错误；D．则运动的位移5v2sx2y2＝02g故D错误；故选C。5．C【详解】A．木箱所受摩擦力fmgFsin木箱所受摩擦力做的功为WffsvtmgFsin答案第2页，共13页故A错误；B．绳子拉力做的功为WFFvtcos故B错误；C．绳子拉力的功率为PFFvcos故C正确；D．木箱所受的摩擦力的功率为PfvmgFsin故D错误；故选C。6．A【详解】A．根据开普勒第三定律可得r3 kT2根据题意可知环月椭圆轨道Ⅰ的半长轴大于最终环月圆轨道Ⅱ的半径，所以嫦娥五号探测器在环月椭圆轨道Ⅰ的运动周期大于在最终环月圆轨道Ⅱ的运动周期，故A正确；B．嫦娥五号探测器在环月椭圆轨道上P点制动减速进入最终环月圆轨道，机械能减少，即嫦娥五号探测器在环月椭圆轨道Ⅰ的机械能大于在最终环月圆轨道Ⅱ的机械能，故B错误；C．探测器沿轨道Ⅰ经过P点的需要减速做近心运动才能够进入Ⅱ轨道，所以探测器沿轨道Ⅰ经过P点的速度大于沿轨道Ⅱ经过P点的速度，故C错误；D．根据万有引力结合牛顿第二定律可得GMm ＝mar2解得GMar2所以探测器沿轨道Ⅰ经过P点的加速度等于沿轨道Ⅱ经过P点的加速度，故D错误。故选A。7．D【详解】A．摩擦力的方向始终与物体的运动方向垂直，故摩擦力不做功，A错误；答案第3页，共13页B．重力对小物体做功为WGmgLsinB错误；C．物块在转动的过程中重力和木板对物块的弹力做功，根据动能定理有WGW弹=0解得W弹=mgLsinC错误；D．摩擦力不做功，故木板AB对小物体做的功即为弹力做的功，故木板AB对小物体做功为mgLsin，D正确。故选D。8．D【详解】A．对小球在最高点进行受力分析，速度为0时Fmg0结合图象可知F20mkg2kgg10小球质量m2kg，故A错误；B．当F0时，由重力提供向心力可得mv2mgR结合图象可知v2R0.8mg故B错误；C．根据B选项可知，v22m/s时，F=0，因此小球在最高点的速度为4m/s（大于22m/s）时，小球受圆环的弹力方向向下，故C错误；D．小球经过最低点时，其受力最大，由牛顿第二定律得v2FmgmR若小球恰好做圆周运动，由机械能守恒得答案第4页，共13页1mg2Rmv22由以上两式得F5mg代入数据得F100N，故D正确。故选D。9．CD【详解】A．由题意知，船头垂直河岸渡河，其渡河时间最短，船头应朝上游，与垂直河岸方向成某一夹角α，根据题意可知α=30°则v1sinα=v2解得v2=2.5m/s故A错误；B．小船以最短位移渡河的时间为d180ts243svcos303152故B错误；C．小船以最短时间渡河，船头应垂直对岸，时间为d180ts36sv5故C正确；D．小船以最短时间渡河时到达对岸，沿河岸通过的位移为x=v2t=2.5×36m=90m通过的位移xd2x21802902m905m故D正确。故选CD。10．BC【详解】A．对摆球做受力分析如图所示答案第5页，共13页绳的拉力和重力的合力为F合，根据力的合成得F合mgtanF合充当向心力，则根据牛顿第二定律得F向ma即有mgtanma解得小球转动的向心加速度为440agtan10m/s2m/s233故A错误；B．由几何关系可知，绳子对小球的拉力的大小mg0.1210TN2Ncos0.6故B正确；C．由向心力公式得v2mgtanm0Lsin轻绳突然断裂时水平方向的速度为434vgtanLsin10m/s4m/s0325落地时竖直方向的速度为vy2gH210(hLcos)210(1.71.50.6)m/s4m/s由平行四边形定则可知，小球刚落地时的速度与水平方向夹角为45，故C正确；D．小球下落的时间为2H2(hLcos)2(1.71.50.6)ts0.4sgg10小球落地点到O1点的距离为2222x(Lcos)(v0t)(1.50.6)(40.4)m1.84m答案第6页，共13页故D错误。故选BC。11．CD【详解】A．重力做功（）WGmg2RRmgRA错误；B．小球沿轨道到达最高点B时恰好对轨道没有压力，则有v2mgmR解得vgR机械能减少11EmgRmv2mgR22B错误；C．根据动能定理121W合mvmgR22C正确；D．根据动能定理11WWmv2mgRGf22解得1WmgRf21所以克服摩擦力做功为mgR，D正确。2故选CD。12．AD【详解】A．由图示卫星轨道可知，卫星在轨道Ⅱ上运动时半长轴大于在轨道I上的半径，3r＜＜小于在轨道Ⅲ上的半径，由开普勒第三定律＝k可知，卫星的周期T1T2T3，故A正确；T2B．卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得答案第7页，共13页Mmv2Gmr2r解得GMv＝r卫星在轨道I上A点时的速率大于在轨道III上的速率，卫星在椭圆轨道II上A点的速率大于在轨道I上A点的速率，所以卫星在椭圆轨道II上通过A点的速率大于在轨道III上运行的速率，故B错误；＝C．当卫星在r1r的圆轨道I上运行时通过A点的速率GMv＝0r发动机在A点对卫星做的功111GMmWmv2mv2mv2122022r故C错误；＝D．当卫星在r24r的圆轨道III上运行时通过B点时的速率GMv＝04r由开普勒第二定律可知11vtrvtr21212卫星在椭圆轨道II上通过B点时的速率r11v1vvr24发动机在B点对卫星做的功11GMm1Wmv'2mv2mv2220218r32故D正确。故选AD。13．AC/CA1.61.5215【详解】（1）[1]A.为了保证小球的初速度水平，通过调节使斜槽的末端必须保持水平，故A正确；BCE.为了保证小球每次平抛运动的初速度相等，应使小球每次从斜槽的同一位置由静止释放，但斜槽不一定需要光滑，故BE错误，C正确；答案第8页，共13页D.记录小球位置用的铅笔不需要每次严格地等距离下降，故D错误。故选AC。（2）[2]O点为抛出点，在竖直方向有1ygt22可得平抛运动的时间2ytg则小球平抛运动的初速度为xg9.8vx0.32m/s1.6m/s0t2y20.196（3）[3][4][5]在竖直方向上，根据y2LgT2可得照相机的闪光时间间隔为2L20.05Ts0.1sg10小球平抛运动的初速度为3L0.15v=m/s=1.5m/s0T0.1B点的竖直分速度8L80.05v==m/s=2m/syB2T0.2从开始到B点所用时间为vtBy0.2sg抛出点距A点的水平距离为2xAv0tT15cm14．BC1.72空气阻力、纸带与打点计时器间阻力做功，重物重力势能还转化成内能等于晓豫【详解】（1）[1]电火花打点计时器使用220V交流电源；需选用刻度尺测出纸带上任意两点间的距离，表示重锤下落的高度；等式两边都含有相同的质量，所以不需要天平秤质量，故选BC。答案第9页，共13页（2）[2]从O点下落到B点的过程中，重力势能的减少量EPBmgh19.80.1760J1.72J[3]按这样的实验总是得到重力势能的减少量大于重物的动能增量，原因是要克服阻力做功。[4][5]若利用公式vB2gxOB计算重物的速度vB，则说明重物就是做自由落体运动，重物的机械能守恒，则重物增加的动能等于重物减小的重力势能。晓豫做法是验证机械能守恒，所以晓豫正确。gH515．（1）v2gH；（2）sH202【详解】（1）由平抛运动得xv0t1ygt22得gvx02y有题意可知，小球落至A点时xHy2H得gHv12小球落至B点时HxH2HtanyH得v22gH为了使小球能够投掷到斜面上，求小球的初速度v0的取值范围为gHv2gH20（2）若小球垂直击中斜面AB的中点C点，则答案第10页，共13页vtan0gt又Hsvt2tan0H1Hgt222得5sH2gmg16．（1）；（2）0；（3）r2【详解】解：（1）设转动过程中物体与盘间恰好达到最大静摩擦力时转动的角速度为ω0，则2μmg=mrω0解得gω0=r（2）因为g＜ω012r所以物体所需向心力小于物体与盘间的最大摩擦力，则物题与盘产生的摩擦力还未达到最大静摩擦力，细绳的拉力仍为0，即FT1=0。（3）因为3g＞ω022r所以物体所需向心力大于物体与盘间的最大静摩擦力，则细绳将对物体施加拉力FT2，由牛顿第二定律得2FT2+μmg=mω2r解得mgFT2=2217．（1）vmax40m/s；（2）a1.5m/s；（3）t260s；（4）x566.67m【详解】（1）达到的最大速度Pv40m/smaxf答案第11页，共13页（2）以额定功率加速行驶，当速度达到20m/s时P3F1310Nv1则加速度Ffa11.5m/s2m（3）若汽车以0.5m/s2的加速度匀加速启动F2fma2匀加速能达到的最大速度Pv2F2则匀加速运动中v2a2t2解得t260s（4）继续行驶20s达到最大速度Pv40m/smaxf根据动能定理得11Ptfxmv2-mv232max22联立解得x566.67m18．(1)6m/s(2)4.6N(3)0.8m【详解】(1)物体从A到C点过程，根据动能定理得：1mgLsinmgR(1cos)mgcosLmv20，2C代入数据解得：vC6m/s；mv2(2)在C点，由牛顿第二定律得：FmgCNR代入数据解得：FN4.6N，由牛顿第三定律得：物体P第一次通过C点时对轨道的压力大小为4.6N；(3)设D点到E点的高度为h，从C点到E点，由动能定理可得：答案第12页，共13页1mg(Rh)0mv2，2C解得：h0.8m．答案第13页，共13页